一日练,一日功;一日不练十日空。
学编程离不开刷题，接下来让我们来看几个力扣上的题目。
1. 242. 有效的字母异位词
题目描述
给定两个字符串 s 和 t ，编写一个函数来判断 t 是否是 s 的字母异位词。
注意：若 s 和 t 中每个字符出现的次数都相同，则称 s 和 t 互为字母异位词。
示例 1: 输入: s = "anagram", t = "nagaram" 输出: true 示例 2: 输入: s = "rat", t = "car" 输出: false 提示: 1 <= s.length, t.length <= 5 * 104 s 和 t 仅包含小写字母
给定函数
bool isAnagram(char* s, char* t)
{
} 题意分析
有题目描述与示例可知：
给定的两个字符串具有以下特征：
< 1 > 两个字符串长度必然相同
< 2 > 两个字符串中每个字符出现的次数都相同（两个字符串中字符出现的种类和次数均相等）
< 3 > 两字符串都仅包含小写字母
如果两字符串属于字母异位词返回true，反之返回false。
解题思路详解
对于这一题目，我们采用哈希表解题法。由于一共只存在26个小写字母，因此我们可以创建一个长度为26的频次数组arr。
（1）判断两字符串长度是否相等，不等则返回false；
（2）创建一个长度为26的频次数组，计量字符串中每个字符出现的频次；
（3）先遍历s字符串，记录s字符串每个字符出现的频次；
（4）遍历t字符串，减去t字符串每个字符出现的频次
（一增一减之后，频次数组arr每个元素都应为0）；
（5）遍历频次数组arr，如果有元素不等于0，则两字符串不是字母异位词。
代码实现
bool isAnagram(char* s, char* t)
{
int n = strlen(s);
int m = strlen(t);
if (n != m)//如果两字符串长度不同，则必然不是字母异位词
{
return false;
}
int arr[26];
memset(arr, 0, sizeof(arr));
//字母 - ‘a’即字母之间ascll值相减，对应0~26
for (int i = 0; i < n; i++)//计数法，出现则加一
{
arr[s[i] - 'a'] ++;
}
for (int i = 0; i < n; i++)//出现减一
{
arr[t[i] - 'a'] --;
}
for (int i = 0; i < 26; i++)//如果两字符串中字母出现次数相同，则数组每个元素仍为0
{
if (arr[i] != 0)
{
return false;
}
}
return true;
}
2.389. 找不同
由于这一题与上面的题最为相似，就粗略讲一下。
题目描述
给定两个字符串 s 和 t ，它们只包含小写字母。
字符串 t 由字符串 s 随机重排，然后在随机位置添加一个字母。
请找出在 t 中被添加的字母。
示例 1： 输入：s = "abcd", t = "abcde" 输出："e" 解释：'e' 是那个被添加的字母。 示例 2： 输入：s = "", t = "y" 输出："y" 提示： 0 <= s.length <= 1000 t.length == s.length + 1 s 和 t 只包含小写字母
给定函数
char findTheDifference(char* s, char* t)
{
} 题意分析
这一题与上一题基本类似， 总结以下特征：
< 1 > 题中的字符串都只存在小写字母；
< 2 > t字符由s字符打乱重排，然后在随机位置插入一个随即小写字母。
找出插入的字符并返回。
解题思路详解
与上一题的字母异位词有异曲同工之妙，唯一不同的地方就是这里的频次数组有一个元素一定是为1的，我们只需要返回这个元素下标对应的字符。
（1）创建一个长度为26的频次数组，计量字符串中每个字符出现的频次；
（2）先遍历s字符串，记录s字符串每个字符出现的频次；
（3）遍历t字符串，减去t字符串每个字符出现的频次
（一增一减之后，频次数组arr有一个元素一定是为1）；
（4）遍历频次数组arr，如果有元素等于1，则返回这个元素下标对应的字符。
注意：此处t字符串字符个数必然比s字符串个数多一个，因此在这里我们不需要遍历整个数组，只需要随t字符串的遍历寻找为1的元素。
代码实现
char findTheDifference(char* s, char* t)
{
int cnt[26]={0};
int n=strlen(s), m=strlen(t);
for(int i=0;i 3.283. 移动零
题目描述
给定一个数组 nums，编写一个函数将所有 0 移动到数组的末尾，同时保持非零元素的相对顺序。
请注意 ，必须在不复制数组的情况下原地对数组进行操作。
示例 1:
输入: nums = [0,1,0,3,12]
输出: [1,3,12,0,0]
示例 2:
输入: nums = [0]
输出: [0]
提示:
1 <= nums.length <= 104
-231 <= nums[i] <= 231 - 1
进阶：你能尽量减少完成的操作次数吗？
题意分析
本题是一个非常简单的数组元素移动问题，将一个数组内的非零数全部迁移至左侧，零迁移至右侧。
但要求不能复制数组。
解题思路详解
思路一
//本题要将所有非零数挪到数组左侧，所有为0的数移到数组右侧
//那么只需要将所有为0的数填充到左侧，右侧0补齐
//将所有非零数移动到数组前端，再用零补全数组
这个思路极为简单，操作也相对方便，但时间复杂度为O(n+m)。 < m为用零补全数组的消耗 >
思路二
采用双指针法< 快慢指针法 >
定义左右两个指针，同时位于下标0处。遍历整个数组，使得左指针左侧均为非零数的序列，左指针与右指针之间均为0。遍历完整个数组后，左指针指向第一个零，右指针指向数组末尾。
这个思路相比于思路一难一点，但时间复杂度为O(n)，只需遍历一遍数组。
具体做法
定义左右指针都为0，
左指针左边全为非零数序列，右指针与左指针之间均为0
右指针遇到非零数与左指针交换并同时++
右指针遇到0，右指针++，左指针不变
逐渐将非零数移动至左指针左侧序列
直到遍历完整个数组
代码实现
思路一
void moveZeroes(int* nums, int numsSize)
{
int n = 0;//作为操作下标
for (int i = 0; i < numsSize; i++)//将所有非零数移动到数组前端
{
if (nums[i] != 0)
{
nums[n++] = nums[i];
}
}
for (int i = n; i < numsSize; i++)//再用零补全数组
{
nums[n++] = 0;
}
}
思路二（进阶）
void Swap(int* a, int* b)
{
int temp = *a;
*a = *b;
*b = temp;
}
void moveZeroes(int* nums, int numsSize)
{
int left = 0, right = 0;
while (right < numsSize)
{
if (nums[right])
{
Swap(&nums[left], &nums[right]);
{
left++;
}
}
right++;
}
} 结语
力扣题集第一弹就到这里啦！欢迎各位大佬修正！